Niet commutatief en cyclisch sluiten elkaar uiteraard uit, dus stel ik het probleem even zo:
Stel een Cayleytabel op van een al dan niet commutatief multiplicatieve groep met 6 elementen waaronder 1, a en b met a³=1 en b²=1.
Is de groep cyclisch?
In dat geval geldt:
\(a\)
is zijn eigen inverse en
\(b\)
en
\(b^2\)
zijn elkaars inverse.
Dan moet er ook nog een element
\(ab\)
zijn.
Nu zijn
\(ab\)
en
\(b^2a\)
overduidelijk elkaars inverse.
Het is simpel na te gaan (onder de voorwaarde dat
\(1,a,b\)
3 verschillende elementen zijn) dat
\(1,a,b,b^2,ab,b^2a\)
allen verschillend zijn.
Dit zijn dus de elementen die we zoeken.
Merk op dat
\(ba\)
gelijk moet zijn aan 1 van deze elementen.
Het is weer simpel na te gaan dat alleen
\(ba=ab\)
mogelijk is.
Maar dan is de groep commutatief en
\(ab\)
is een voorbrenger van de groep (hetgeen alweer eenvoudig is na te gaan).
Nu bedenk ik me dat
\(ab\)
en
\(b^2a\)
niet alleen elkaars inverse zijn, maar ook aan elkaar gelijk kunnen zijn. Dat geval heb ik niet bekeken.